cho 1 đoạn dna gồm 3000 nitrogeneous base, biết tổng tỉ lệ % của nucleotide loại A và một loại nữa là 40%, mạch 1 của gene có A1=2T1, G1=4C1 a) xác đinh số nu mỗi loại của gen b) gen nhân đôi 3 lần , m...

Đáp án với giả thiết “đoạn ADN gồm 3000 nucleotide tính trên cả hai mạch (tức 1500 cặp trên mỗi mạch)” và “tổng % A+T = 40%” như sau: 1. Phân tích & tính toán chung - Tổng số nu cả hai mạch N = 3000 - A + T = 40% ⇒ A + T = 0,4·3000 = 1200; G + C = 1800 - Giả sử mạch 1 có A₁ = 2·T₁ và G₁ = 4·C₁; mạch 1 dài 1500 nu: A₁ + T₁ + G₁ + C₁ = 1500 Với T₁ = A₁/2, G₁ = 4 C₁ ⇒ (3/2)A₁ + 5C₁ = 1500 - Tổng A + T cả hai mạch = A₁ + A₂ + T₁ + T₂ = A₁ + T₁ + T₁ + A₁ = 3A₁ = 1200 ⇒ A₁ = 400, T₁ = 200 - Từ đó C₁ = 180, G₁ = 720; mạch 2: A₂ = T₁ = 200, T₂ = A₁ = 400, G₂ = C₁ = 180, C₂ = G₁ = 720 Kết quả a) Số nu mỗi loại trên toàn gene (cả hai mạch): - A = A₁ + A₂ = 400 + 200 = 600 - T = T₁ + T₂ = 200 + 400 = 600 - G = G₁ + G₂ = 720 + 180 = 900 - C = C₁ + C₂ = 180 + 720 = 900 2. Khi gene nhân đôi 3 lần (theo cơ chế bán bảo toàn) - Số mạch khuôn (templates) qua ba lần là: lần 1 có 2 mạch, lần 2 có 4, lần 3 có 8 ⇒ tổng templates = 2+4+8 = 14 mạch - Mỗi mạch con mới dài 1500 nu. Tổng nu phải cung cấp = 14·1500 = 21 000 nu - Thành phần từng loại nu (theo composition vừa tính ở phần a, vì mỗi hai mạch mới tạo thành đủ bộ 4 loại như gene gốc): A = 600/2 (trên mỗi mạch) = 300 nu/mạch gốc → vì thiết diện templates gồm cả mạch 1 và 2, tổng cuối cho 14 mạch mới: A = 7·(số A trên mạch 1 complement + mạch 2 complement) = 7·(200+400) = 7·600 = 4200 T = 7·(400+200) = 4200 G = 7·(180+720) = 6300 C = 7·(720+180) = 6300 Vậy môi trường phải cung cấp thêm: A = 4200; T = 4200; G = 6300; C = 6300 3. Khi mạch 1 làm khuôn phiên mã 5 lần - Mạch 1: A₁=400, T₁=200, G₁=720, C₁=180 - Trên mARN, nguyên tắc bổ sung: mARN(U) ↔ A₁, mARN(A) ↔ T₁, mARN(C) ↔ G₁, mARN(G) ↔ C₁ ⇒ mỗi bản phiên mã: U = 400; A = 200; C = 720; G = 180 (tổng 1500 nu) - 5 bản phiên mã thì gấp 5 lần: U = 400·5 = 2000 A = 200·5 = 1000 C = 720·5 = 3600 G = 180·5 = 900